是否可以从storage文件夹而不是resources\views加载View？ 最佳答案 是的，您有几个选择。1。添加另一个路径到您的View配置文件打开config/view.php并将新路径添加到paths数组:'paths'=>[storage_path(),realpath(base_path('resources/views')),],Laravel将返回最先匹配的View，因此请务必相应地对路径进行排序。2。添加View命名空间打开app/Providers/AppServiceProvider.php并添加新的Vie

如何获取当前显示View的名称以传递给另一个函数？ 最佳答案 如果你想在View中显示View名称:echo$_ci_view;另请参阅print_r(get_defined_vars())，您会看到来自CI的许多有趣的变量。 关于php-如何在CodeIgniter中获取当前View名称？，我们在StackOverflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/12203260/

我正在尝试在php的数组映射中使用empty()。我收到错误消息，提示它不是有效的回调。$cattest.phparray('','',''),);foreach($arraysas$key=>$array){echo$key."\n";echoarray_reduce($array,"empty");var_dump(array_map("empty",$array));echo"\n\n";}$phptest.phparrEmptyWarning:array_reduce():Thesecondargument,'empty',shouldbeavalidcallbackin/va

我正在尝试设计导航菜单，我有3个这样的项目:仪表板页面列表添加文章列表添加现在我想在用户位于此部分时将Pages加粗，如果在Add页面中，我希望Pages和Add都加粗我的routes.php是:Route::group(array('prefix'=>'admin','before'=>'auth.admin'),function(){Route::any('/','App\Controllers\Admin\PagesController@index');Route::resource('articles','App\Controllers\Admin\ArticlesContro

如果我有一个View并想查看特定View的所有设置变量，我该怎么做？ 最佳答案 分配给Zend_View对象的变量只是成为View对象的公共(public)属性。这里有几种方法可以获取特定View对象中的所有变量集。从View脚本中:$viewVars=array();foreach($thisas$name=>$value){if(substr($name,0,1)=='_')continue;//protectedorprivate$viewVars[$name]=$value;}//$viewVarsnowcontainsal

我正在尝试在Controller中运行一个方法，该方法在普通浏览器上呈现默认View，但在请求来自移动设备时呈现移动View。在app_controller.php中functionbeforeFilter(){if($this->RequestHandler->isMobile()){$this->is_mobile=true;$this->set('is_mobile',true);$this->autoRender=false;}}在Controller中:functionhome(){...bunchofdatagrabbingstuff...if($this->is_mobi

我是codigniter的新手，我正在做一个菜单，所以我将所有链接放在不同的主文件中，以免一直重复。我的代码是:在main.php中load->view('headers/menu');?>在menu.php中main/agregar">Agregarmain/modificar">Modificarmain/eliminar">Eliminarmain/buscar">Buscar于是，出现了下面的错误，不知道为什么...有任何想法吗？？？非常感谢APHPErrorwasencounteredSeverity:4096Message:ObjectofclassCI_Loadercou

下面的脚本是为了向注册人发送电子邮件并响应success返回页面以进行某些操作(如果已邮寄)，如果我添加了phpmail()方法，回调响应不再有效，电子邮件已成功发送到邮箱，但我没有运气获得success警报，一旦我删除了mail()方法，成功警报再次弹出，我得到了一些关于Json.response没有形成的提示，但我真的不知道它是如何工作的，任何人都可以帮助解决这个问题，我想要的只是发送邮件并获得“成功”'打回来？request.phpif(empty($fname)||strlen($fname)谢谢。更新:最后发现$message与$message['success']存在冲突，

我是集成api的新手，我正在尝试使用google-api-php-client-0.6.0，我在Google注册了我的应用程序，并在中配置了它们dev.siva.com虚拟主机中的simple.phpsetApplicationName('GoogleContactsPHPSample');$client->setScopes("http://www.google.com/m8/contacts/");//Documentation:http://code.google.com/apis/gdata/docs/2.0/basics.html//Visithttps://code.goo

根据php手册和php://input，$HTTP_RAW_POST_DATA都不能与multipart/form-dataPOST请求一起使用。"php://input允许您读取原始POST数据。它是$HTTP_RAW_POST_DATA的内存密集型替代方案，不需要任何特殊的php.ini指令。php://input不适用于enctype="multipart/form-data"。"如何获取multipart/form-data表单的原始数据？ 最佳答案 直接回答:你不能那样做。每当看到multipart/form-dataCo